1.) A*x^2-y+B*x=0
2.) C*z^2-C*x^2-10*C*x-C*25-y-D-F(x+z)-G=0
3.) E*x^2-y+B*x-F(x+z)-G=0
Hallo Julian,
etwas übersichtlicher geschrieben (mit Vorzeichenwechsel in der dritten Gleichung) hast du also
\ \begin{array}{lll}I) & Ax^2+Bx-y & =0\II) & Ex^2+Bx-y-F(x+z)-G & =0\III) & Cx^2+10Cx+y+F(x+z)+G-Cz^2+25C-D & =0\end{array}
Ich habe schon etliche (einfache) Umformungen probiert und
komme dann immer auf Exponenten von 4 etc. und weiß dann nicht
Das gibt dir schon einen Hinweis auf die Anzahl der Lösungen dieses Gleichungssystems. Du kannst z.B. so umformen.
I)\ \Rightarrow\ IV)\ y=Ax^2+Bx
I)-II)\ \Rightarrow\ V)\ (E-A)x^2-F(x+z)+G=0
III)+V)\ \Rightarrow\ VI)\ (C+E-A)x^2+10Cx+y-Cz^2+25C+D=0
Wenn du y mit Hilfe von IV) ersetzt ergibt das
VII)\ (C+E)x^2+(B+10C)x-Cz^2+25C+D=0
Gleichung V) nach z aufgelöst gibt
VIII)\ z=\frac{E-A}{F}x^2-x+\frac{G}{F}
Am besten definierst du jetzt
H:=\frac{E-A}{F}, K:=\frac{G}{F}
Wenn du beide Seiten von VIII) quadrierst erhälst du
IX)\ z^2=H^2x^2-2Hx^3+(2HK+1)x^2-2Kx+K^2
Das kannst du in einsetzten. Nach einem zusätzlichen Vorzeichenwechsel erhälst du dann
X)\ CH^2x^4-2CHx^3+(2CHK-E)x^2-(2CK+B+10C)x+K^2-25C-D=0
Nach Definition von ein paar neuen Koeffizienten kommst du also bei
XI)\ Sx^4+Tx^3+Ux^2+Vx+W=0
an. Wenn du dafür nicht die Formeln von Ferrari bemühen willst, empfehle ich das Newtonverfahren, das ist ruckzuck programmiert und liefert schnell Lösungen. Nullstellenfinder gibt es auch onlnine zu Hauf.
Was du jetzt schon sagen kannst, ist, dass Gleichung XI) maximal vier unterschiedliche Lösungen besitzt, und da sowohl y als auch z allein von x abhängen, hat auch dein ursprüngliches Gleichungssystem maximal vier unterschiedliche Lösungen.
Gruß
hendrik